bts tp 2001
I : 1) La durée de réverbération est le temps que met l'intensité sonore à décroître jusqu'à un millionième de sa valeur initiale.
2) LW = 10.log P/P0 = 10.log (P1 +P2 + P3 +P4 + P5 + P6)/P0
LW = 46,8 dB
3) A = 0,16V/T = 4,8/T
A : 6,86 8 8 9,6 9,6 12
Lp : 32,7 39 38 35,2 32,2 31,2
Lp (dBA) : 16,6 30,4 34,8 35,2 34,2 32,2
LP = 20.log (1016,6/20 + 1030,4/20 + 1034,8/20 + 1035,2/20 + 1034,2/20 + 1032,2/20)
LP = 47,8 dBA
LP = 47,8 dBA
Pour que L diminue, il faut que A augmente.
II : 1) Qv = S1.v1
v1 = Qv/S1
v1 = 4Qv/pd12
v = 4*300/3600*p*0,22
v = 2,65 m.s-1
2) S1.v1 = S2.v2
v2 = v1(d2/d1)2
v2 = 4v1
v2 = 10,6 m.s-1
3) Entre les points 0 et 1, on peut écrire :
(p1 – p0) + rg(z1 – z0) + r(v12 – v02)/2 = 0
v0 est négligeable car la surface du bassin est grande devant celle de la conduite :
p1 = p0 - rg(z1 – z0) - rv12/2
p1 = 105 – 9800.2,25 – 500.2,652
p1 = 105 – 0,22.105 – 0,035.105
p1 = 7,45.104Pa
4) Qm = rQv = 1000.300/3600
Qm = 83,3 kg.s-1
5) Entre les points 0 et 2, on peut écrire :
(p2 – p0) + rg(z2 – z0) + rv22/2 = Pu/Qv
Pu = (300/3600)(0,6.105 + 9800.3,45 + 500.10,62) = (300/3600)(0,6.105 + 0,338.105 + 0,562.105)
Pu = 1,25.104 W
6) Pa = 1,25.104/0,8
Pa = 1,56.104 W
III : 1) 2Fe2O3 + 3C ® 4Fe + 3CO2
2) n(C) = 30.103/12
n(C) = 2,5.103 mol
Masse d'oxyde de fer : m = 103*0,2 = 200 kg
n(Fe2O3) = 200.103/160
n(Fe2O3) = 1,25.103 mol
D'après l'équation, avec 2,5.103 moles de C, il faudrait :
n'(Fe2O3) = 2*2,5.103/3 = 1,67.103 mol
Il n'y a donc pas assez d'oxyde de fer, c'est le carbone qui est en excès.
3) 2 moles d'oxyde donnent 4 moles de fer, le nombre de moles de fer formé est donc :
n(Fe) = 2* n(Fe2O3)
n(Fe) = 2,5.103 mol
m(Fe) = 2,5.103*56
m(Fe) = 140 kg
4) n(CO2) = (3/2).n(Fe2O3)
V(CO2) = 1875*24
V(CO2) = 45.103 L
V(CO2) = 45 m3